在如图所示的电路中电源电动势e

① 在如图所示的电路中 电源电动势为e

电容器在稳定状态时在电路中相当于开路,所以把电容器断开,电容器正极板的回电位是是R2上的电压,负极答板的电位是R4电压,要使电量增大,则需电压增大.所以增大R2使正极板电位增加则电压增加所以电量增加且上极板仍带正电.答案选B.

② 如图所示,电路中电源的电动势e5v

【分析】复 与电容器串制联，通过 的总电量就是电容器的电量。电容器分压即 两端电压。 与 串联后与 并联。 \n因此： \n电路中总电阻为： ， \n由全电路欧姆定律得干路中总电流为： A， \n路端电压为： V， \n则电阻 两端电压为： V， \n所以通过电容器的电量为： C。 【点评】 电容器是中学物理中的一个重要元件，是联系电场和恒定电流的桥梁，能够较好地考查综合分析问题解决问题的能力，当电路结构发和变化时，引起电压变化，使电容器所带电量发生变化，电路中形成充、放电电流，此过程中要特别注意电压是升高还是降低，电量是增加还是减少，并由此推断出电路中的电流方向，同时计算出两稳定态时电容器电量的变化量△Q=C△U。

③ 在如图所示的电路中，电源的电动势E＝12V，

断开前, 电路通, 电容两复端电压制 = R2 两端电压
断开后, 电路不通, 电容两端电压 = 电源电压

断开前后, 电容电压发生了变化(升高), 因此电容储存电能发生了变化.
电容储存电能 E = CU^2 /2

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断开S前
电容电压 U = R2 电压 = 12V* 2欧姆/(1欧姆 + 3 欧姆 + 2欧姆) = 4 V

断开后 U' = 12V

断开开关S后，电源释放的电能
△E = E' - E = C(U'^2 - U^2) /2 = 0.5uF * (12V^2 - 4V^2) /2 = 32 * 10^(-6) 焦耳

④ 在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中（

A、在滑动变阻器R₁的滑动触片P向下滑动的过程中，R₁变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律分析电路中的总电流变大．故A正确．
B、路端电压U=E-Ir，I变大，E、r不变，则U变小．故B错误．
C、路端电压U变小，通过电阻R₂的电流变小．故C错误．
D、总电流变大，通过电阻R₂的电流变小，所以通过滑动变阻器R₁的电流必定变大．故D错误．
故选：AB

⑤ 如图所示的电路中，电源的电动势为E

电感的特点是电流不能突变。
因为“电阻R的阻值大于灯泡D的阻值”，所以t=t1前流过电回感的电流小于答流过灯泡的电流，t=t1后这个电流通过R与灯泡串联电路逐步减小。既然这个电流小于灯泡原来的电流，灯泡两端的电压幅值当然低于原来的幅值。

⑥ 在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点

由图知电压表测量路端电压，电流表A₁测量流过R₁的电流，电流表A₂测量流过R₂的电流．
R₂的滑动触点向a端移动时，R₂增大，整个电路的总电阻增大，总电流减小，电源的内电压减小，则路端电压增大，即电压表示数U增大，R₃电压减小，R₁、R₂并联电压增大，通过R₁的电流I₁增大，而总电流I减小，则流过R₂的电流I₂减小．故ABC错误，D正确．
故选：D．

⑦ 在如图所示的电路中,电源电动势E=6V,内阻r=0.6欧，R2=0.5欧，当S断开时，理想电流表的示数I=1.5A，理想电

S断开后就是一个简单的串联电路:R=r+R1+R3+Rcurrent
电流表为理想表, 因此: Rcurrent=0
再因电压为3V, 也就是R3上的电压为3V. 分压比:3/6=0.5
回路中电流为1.5A, 因此:R=U/I=6/1.5=2欧.
R3=2*0.5=1欧, R1=R-R3-r=2-1-0.6=0.4欧

⑧ 在如图所示的电路中,电源电动势E=6V,内阻r=0.6欧

1,由题得U3/I=R3 因为电压表测得是R3的电压。有因为I=1.5A，U=E-Ir,所以R1=（U/I）-R3
2，S闭合，R2与R3并联，求出电阻R4。R4+R1+r=R总，I2=E/R总，U2=I2*R4。
P2=U2*U2/R2

⑨ 在如图所示的电路中，电源电动势E恒定，内阻r=1.0Ω，定值电阻R=5.0Ω，电压表和电流表可视为理想电表．

A、B由题，电键K断开与闭合时，ab段电路消耗的电功率相等，则有(